PHP 一个比较完善的简单文件上传
实现代码如下: 文件上传 0) { if($_FILES['UploadedFile']['size']\n"; echo "原文件信息:"; echo "名称:".$_FILES['UploadedFile']['name']."\n"; echo "大小:".$_FILES['Upload
实现代码如下: 文件上传 0) { if($_FILES['UploadedFile']['size']\n"; echo "原文件信息:"; echo "名称:".$_FILES['UploadedFile']['name']."\n"; echo "大小:".$_FILES['Upload
实现代码如下: " End If Next '释放对象 Set objFolder=nothing Set fso=nothing '获取文件类型 Function getExt(str) getExt = Lcase(Right(str,Len(str)-InstrRev(str,"."))) E
1. 创建一个文件(test.php)我的路径如下F:\Projects\PHPTest\test.php2. 用记事本打开Apache配置文件D:\Program Files\Zend\Apache2\conf\httpd.conf在最后一行加入Alias /Test "F:\Projects\P
实现代码如下: 0){ echo "Return Code: " . $_FILES["file"]["error"] . ""; //出错返回 }else{ /* //这是上传图片的信息,去掉前后的注释就可以看到效果. echo "Upload: " . $_FILES["file"]["nam
上传图片: 实现代码如下: if (!empty($_FILES["img"]["name"])) { //提取文件域内容名称,并判断 $path=”uppic/”; //上传路径 if(!file_exists($path)) { //检查是否有该文件夹,如果没有就创建,并给予最高权限 mkdir
刚装的sql server 2005系统,附加数据库是出现如下提示 C:\Program Files\Microsoft SQL Server\MSSQL.1\MSSQL\DATA 无法在服务器上访问指定的路径或文件。请确保您具有必需的安全权限且该路径或文件存在。 如果您确定所用服务帐户可以访问特定
方法一,利用ActiveX控件实现: 实现代码如下: function getFileSize(filePath) { var fso = new ActiveXObject("Scripting.FileSystemObject"); alert("文件大小为:"+fso.GetFile(fil
1. 下载XDebug二进制文件: http://www.xdebug.org/download.php 5.2 http://www.xdebug.org/files/php_xdebug-2.1.0-5.2-vc6.dll 5.3 http://www.xdebug.org/files/
表单中file对象,比如说$_FILES['doc'],$path为保存的路径,$type为限制上传的类型(他是一个数组,比如说限制上传doc和docx和格式,那这个参数可以填array(“doc”,”.docx”),而且扩展名前有无”.”不作要求)。 实现代码如下: foreach($type
1.防火墙在例外里开启1433端口和SQLSERVER程序(C:\Program Files\Microsoft SQL Server\MSSQL.1\MSSQL\Binn\sqlservr.exe )2.在SQLSERVER2005---配置工具----SQL Server Configurati